如果您的电脑比较优秀能在 1sec 内跑过 2^1000 的时间复杂度,不妨你可以尝试一下,其实实际时间复杂度远远少于 2^1000,作为骗分不错的选择QAQ,然后我们来分析一下正解:
很显然此题是一题裸的状压Dp,一看数据范围就知道了,所以状态变得很显然了 f[i][j][k] 表示到第 i 层前一层是 j 上上层是 k 的最大炮兵数。
所以转移就很显然:f[i][j][k]=max{f[i-1][k][q]+Num[j]} (Num[j] 表示第 j 行的炮兵数)
显然时间复杂度变为了O(n*4^m*2^m),如果评测机优秀凭借你完美的常数系统应该可以卡过,但实际上真的需要枚举 2^n 个状态嘛,显然是不需要,所以我们只需要枚举一些合法状态就可以了,令人惊讶的是每一层的合法状态竟然只有60种,所以我们的时间复杂度达到了优秀的 O(n*60^3),舒服QWQ!!!
所以我们状态变为了:f[i][j][k] 表示第 i 行前一行是合法状态 j 上上行为合法状态 k 的最大炮兵数。
转移同上咯,自行领悟。(注意需要判断当前的合法状态是否符合当前的地形)。
随后附上我的完美代码QWQ:
1 #include2 #include 3 #include 4 #include 5 #include 6 using namespace std; 7 const int MAXN=105; 8 9 int Map[MAXN], Plan[MAXN], Num[MAXN], dp[MAXN][MAXN][MAXN];10 int N, m, cnt=0, ans;11 12 inline int get_one(int i){13 int sum=0;14 for (int x=i; x; x-=x & (-x)) sum++;15 return sum;16 }17 18 int main(){19 scanf("%d%d", &N, &m);20 for (int i=1; i<=N; i++){21 char st[15];22 scanf("%s", st+1);23 int len=strlen(st+1);24 for (int j=1; j<=len; j++) 25 if (st[j]=='H') Map[i]+=(1< >1)&i)) && (!((i<<2)&i)) && (!((i>>2)&i))){29 cnt++;30 Plan[cnt]=i;31 Num[cnt]=get_one(i); //预处理当前行有几个炮兵32 if (!(Map[1] & Plan[cnt])) dp[1][cnt][0]=Num[cnt]; //预处理第一行的状态33 }34 }35 for (int i=1; i<=cnt; i++)36 for (int j=1; j<=cnt; j++)37 if ((!(Plan[i] & Plan[j])) && (!(Plan[j] & Map[2]))) 38 dp[2][j][i]=max(dp[1][i][0]+Num[j], dp[2][j][i]);39 //预处理第二行的状态40 for (int i=3; i<=N; i++){41 for (int j=1; j<=cnt; j++)42 if (!(Plan[j] & Map[i])){43 for (int k=1; k<=cnt; k++)44 if (!(Plan[j] & Plan[k])){45 for (int q=1; q<=cnt; q++)46 if (!(Plan[j] & Plan[q]) && !(Plan[q] & Plan[k]))47 dp[i][j][k]=max(dp[i][j][k], dp[i-1][k][q]+Num[j]);48 }49 }50 }51 //Dp转移52 for (int i=1; i<=cnt; i++)53 for (int j=1; j<=cnt; j++)54 ans=max(ans, dp[N][i][j]);55 //求最后一行的最值56 printf("%d\n", ans);57 return 0;58 }
最后比较空的小伙伴可以去尝试一下,NOIP2016D2T3 愤怒的小鸟这一题,加油加油